HDU 1166 敌兵布阵(线段树基础)
2014-01-24 16:03
302 查看
Problem Description
C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习,所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段,所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动,可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动,而Derek每次询问的段都不一样,所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数,很快就精疲力尽了,Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔,算得这么慢,我炒你鱿鱼!”Tidy想:“你自己来算算看,这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下,Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说:“死肥仔,叫你平时做多点acm题和看多点算法书,现在尝到苦果了吧!”Tidy说:"我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼,这么算他真的会崩溃的,聪明的读者,你能写个程序帮他完成这项工作吗?不过如果你的程序效率不够高的话,Tidy还是会受到Derek的责骂的.
Input
第一行一个整数T,表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N(N<=50000),表示敌人有N个工兵营地,接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人(1<=ai<=50)。
接下来每行有一条命令,命令有4种形式:
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人(j不超过30)
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人(j不超过30);
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j,表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束,这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
Output
对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问,输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
Sample Input
1
10
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End
Sample Output
Case 1:
6
33
59
学习下线段树。这题是更新点询问区间
代码:
#include <stdio.h>
#include <string.h>
const int N = 50005;
int t, n, num;
struct Tree {
int l, r, value;
}st[3 * N];
void build(int l, int r, int id) {
if (l != r) {
int mid = (l + r) / 2;
build(l, mid, 2 * id);
build(mid + 1, r, 2 * id + 1);
}
st[id].l = l; st[id].r = r; st[id].value = 0;
}
void Insert(int l, int r, int value, int id) {
if (st[id].l != st[id].r) {
int mid = (st[id].l + st[id].r) / 2;
if (l <= mid && r > mid) {Insert(l, mid, value, 2 * id); Insert(mid + 1, r, value, 2 * id + 1);}
else if (l <= mid && r <= mid) {Insert(l, r, value, 2 * id);}
else {Insert(l, r, value, 2 * id + 1);}
}
st[id].value += value;
}
int Query(int l, int r, int id) {
if (l == st[id].l && r == st[id].r)
return st[id].value;
int mid = (st[id].l + st[id].r) / 2;
if (l <= mid && r > mid) {return Query(l, mid, 2 * id) + Query(mid + 1, r, 2 * id + 1);}
else if (l <= mid && r <= mid) {return Query(l, r, 2 * id);}
else {return Query(l, r, 2 * id + 1);}
}
void init() {
scanf("%d", &n);
build(1, n, 1);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", &num);
Insert(i, i, num, 1);
}
}
void solve() {
char s[10];
int a, b;
while (~scanf("%s", &s) && s[0] != 'E') {
scanf("%d%d", &a, &b);
if (s[0] == 'Q') printf("%d\n", Query(a, b, 1));
else if (s[0] == 'A') Insert(a, a, b, 1);
else Insert(a, a, -b, 1);
}
}
int main() {
int cas = 0;
scanf("%d", &t);
while (t--) {
init();
printf("Case %d:\n", ++cas);
solve();
}
return 0;
}
C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习,所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段,所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动,可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动,而Derek每次询问的段都不一样,所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数,很快就精疲力尽了,Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔,算得这么慢,我炒你鱿鱼!”Tidy想:“你自己来算算看,这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下,Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说:“死肥仔,叫你平时做多点acm题和看多点算法书,现在尝到苦果了吧!”Tidy说:"我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼,这么算他真的会崩溃的,聪明的读者,你能写个程序帮他完成这项工作吗?不过如果你的程序效率不够高的话,Tidy还是会受到Derek的责骂的.
Input
第一行一个整数T,表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N(N<=50000),表示敌人有N个工兵营地,接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人(1<=ai<=50)。
接下来每行有一条命令,命令有4种形式:
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人(j不超过30)
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人(j不超过30);
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j,表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束,这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
Output
对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问,输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
Sample Input
1
10
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End
Sample Output
Case 1:
6
33
59
学习下线段树。这题是更新点询问区间
代码:
#include <stdio.h>
#include <string.h>
const int N = 50005;
int t, n, num;
struct Tree {
int l, r, value;
}st[3 * N];
void build(int l, int r, int id) {
if (l != r) {
int mid = (l + r) / 2;
build(l, mid, 2 * id);
build(mid + 1, r, 2 * id + 1);
}
st[id].l = l; st[id].r = r; st[id].value = 0;
}
void Insert(int l, int r, int value, int id) {
if (st[id].l != st[id].r) {
int mid = (st[id].l + st[id].r) / 2;
if (l <= mid && r > mid) {Insert(l, mid, value, 2 * id); Insert(mid + 1, r, value, 2 * id + 1);}
else if (l <= mid && r <= mid) {Insert(l, r, value, 2 * id);}
else {Insert(l, r, value, 2 * id + 1);}
}
st[id].value += value;
}
int Query(int l, int r, int id) {
if (l == st[id].l && r == st[id].r)
return st[id].value;
int mid = (st[id].l + st[id].r) / 2;
if (l <= mid && r > mid) {return Query(l, mid, 2 * id) + Query(mid + 1, r, 2 * id + 1);}
else if (l <= mid && r <= mid) {return Query(l, r, 2 * id);}
else {return Query(l, r, 2 * id + 1);}
}
void init() {
scanf("%d", &n);
build(1, n, 1);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", &num);
Insert(i, i, num, 1);
}
}
void solve() {
char s[10];
int a, b;
while (~scanf("%s", &s) && s[0] != 'E') {
scanf("%d%d", &a, &b);
if (s[0] == 'Q') printf("%d\n", Query(a, b, 1));
else if (s[0] == 'A') Insert(a, a, b, 1);
else Insert(a, a, -b, 1);
}
}
int main() {
int cas = 0;
scanf("%d", &t);
while (t--) {
init();
printf("Case %d:\n", ++cas);
solve();
}
return 0;
}
相关文章推荐
- HDU 1166 敌兵布阵 (线段树基础&树状数组基础)
- HDU--1166--敌兵布阵--线段树--基础题咯
- HDU 1166 敌兵布阵(线段树基础)
- hdu 1166 敌兵布阵(线段树基础题)
- hdu 1166 敌兵布阵 基础线段树 2种做法
- hdu 1166 敌兵布阵(线段树基础题)
- [HDU]HDOJ1166 敌兵布阵 基础线段树
- HDU 1166 敌兵布阵(基础线段树~)
- hdu 1166 敌兵布阵 线段树基础经典题
- HDU - 1166 敌兵布阵(线段树 单点更新区间查询)
- hdu 1166 敌兵布阵(线段树单点修改 树状函数)
- HDU 1166 敌兵布阵 线段树 部分和 点更新
- hdu_1166 敌兵布阵(线段树/分块)
- [poj 1166]敌兵布阵[线段树基础]
- hdu 1166 敌兵布阵(树状数组 | 线段树)
- hdu 1166 敌兵布阵【线段树,单点增减,区间求和】
- HDU1166 敌兵布阵 树状数组|线段树-构造完全二叉树(理解)
- hdu 1166 敌兵布阵(线段树)
- HDU 1166 敌兵布阵(第一个线段树)
- HDU 1166 敌兵布阵 [线段树-单点更新]