HDOJ 4044 - GeoDefense 树形DP..泛化背包转移..
2013-11-25 22:17
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题意:
现在有一颗树(点数<=1000,第1号点位根)...1个敌人从1号点出发..沿着树的路径往某一个(未知..所以都要防御)叶子结点走去...我们的目标是不让这个敌人走出这颗树..现在可以在树的节点上布置一些防御塔..一个点可以布置多种防御塔(至多50种)...但是最多只能布置其中一个..每个塔有其造价以及攻击力..如果敌人通过这个防御塔..就会损失其攻击力的HP..敌人HP为0时就挂了..现在给出能用的费用..问最多能防止HP为多少的敌人..让其无论如何跑不出这个树就会挂..
题解:
题意看懂了..基本思路就有了...由于给的可用费用不超过200..而树上最多1000个点..可以用树形dp来做..每个点dp[i][w]..代表点i..用了w费用..能让以其为根的子树防住敌人..处理的时候一些细节要注意...如非叶节点..dp[i][]的初始值为无穷大..是为了接收更新某个子树的最小值...而叶子结点dp[i][]的初始为0...直接更新值..
Program:
现在有一颗树(点数<=1000,第1号点位根)...1个敌人从1号点出发..沿着树的路径往某一个(未知..所以都要防御)叶子结点走去...我们的目标是不让这个敌人走出这颗树..现在可以在树的节点上布置一些防御塔..一个点可以布置多种防御塔(至多50种)...但是最多只能布置其中一个..每个塔有其造价以及攻击力..如果敌人通过这个防御塔..就会损失其攻击力的HP..敌人HP为0时就挂了..现在给出能用的费用..问最多能防止HP为多少的敌人..让其无论如何跑不出这个树就会挂..
题解:
题意看懂了..基本思路就有了...由于给的可用费用不超过200..而树上最多1000个点..可以用树形dp来做..每个点dp[i][w]..代表点i..用了w费用..能让以其为根的子树防住敌人..处理的时候一些细节要注意...如非叶节点..dp[i][]的初始值为无穷大..是为了接收更新某个子树的最小值...而叶子结点dp[i][]的初始为0...直接更新值..
Program:
#include<iostream> #include<stdio.h> #include<algorithm> #include<string.h> #include<queue> #include<cmath> #define oo 1<<30 #define MAXN 1001 using namespace std; vector<int> H[MAXN]; int num[MAXN],A[MAXN][55][2],dp[MAXN][202],temp[202],m; void dfs(int father,int u) { int v,t,x,i; if (u==1 || H[u].size()>1) for (x=0;x<=m;x++) dp[u][x]=oo; for (t=0;t<H[u].size();t++) { v=H[u][t]; if (v==father) continue; dfs(u,v); for (x=0;x<=m;x++) temp[x]=0; for (i=0;i<=m;i++) for (x=0;x<=m-i;x++) temp[i+x]=max(temp[i+x],min(dp[v][i],dp[u][x])); for (x=0;x<=m;x++) dp[u][x]=temp[x]; } for (i=1;i<=num[u];i++) { for (x=0;x<=m;x++) temp[x]=0; for (i=1;i<=num[u];i++) for (x=0;x<=m-A[u][i][0];x++) temp[x+A[u][i][0]]=max(temp[x+A[u][i][0]],dp[u][x]+A[u][i][1]); for (x=0;x<=m;x++) dp[u][x]=max(dp[u][x],temp[x]); } } int main() { int cases,n,i,u,v,ans; scanf("%d",&cases); while (cases--) { scanf("%d",&n); for (i=1;i<=n;i++) H[i].clear(); for (i=1;i<n;i++) { scanf("%d%d",&u,&v); H[u].push_back(v); H[v].push_back(u); } scanf("%d",&m); for (u=1;u<=n;u++) { scanf("%d",&num[u]); for (i=1;i<=num[u];i++) scanf("%d%d",&A[u][i][0],&A[u][i][1]); } memset(dp,0,sizeof(dp)); dfs(0,1); ans=0; for (i=0;i<=m;i++) ans=max(ans,dp[1][i]); printf("%d\n",ans); } return 0; } /* 1 4 1 2 2 3 3 4 60 1 30 100 1 40 500 1 30 100 1 30 100 */
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