HDU 4055 Number String
2013-11-04 21:21
447 查看
区域赛的题,虽然水,但是还是见思维,有个细节败了,写篇结题报告,哎不wa不幸福斯基。。。
题目就是给一个排列的增减性描述的字符串,让你求满足这个字符串模式的排列的个数。
一开始我是这么想的:dp过程中需要描述增减性,又要保证整个数列是一个1--n的排列,可以这样:对于任意一个从1--n中选出的k的一个排列,可以通过比大小标号,转化成1--k的一个排列,比如:1 6 3 4 9 可以变成 1 4 2 3 5,这种方法我在其他题目中用过,但是这题好像不太好用,但是稍微改变一下就可以解这题了,我们从1--k的排列出发就可以,比如当前是第k位,按我原来的思想,我们把前k项看作1--k的排列,考虑下一个要添加的数使之成为1--k+1的一个排列,可以这样得到:
设最后一位是x,则对任意一个1--k的排列,把大于等于x的数全部加一即可。这样就得到了一个新数列,且一一对应,这种思想和原来那个还是很像的,然后就可以dp了,状态可以这么描述,dp[i][j] 表示前i位是1--i的一个排列且最后一位是j的方案数,于是利用上述思想递推方程很好得到了:
"I" : dp[i][j] = sigma dp[i - 1][x] x < j
"D": dp[i][j] = sigma dp[i - 1][x] x >= j
可以发现如果不加优化这将是一个O(n^3)的算法,但是发现他有前缀和的性质,所以可以优化到O(n^2),写dp方程的时候绝对不能忘记前缀和药加上前一项才能实现这样的功能!!!!忘记加了wa成狗!!!
代码如下:
题目就是给一个排列的增减性描述的字符串,让你求满足这个字符串模式的排列的个数。
一开始我是这么想的:dp过程中需要描述增减性,又要保证整个数列是一个1--n的排列,可以这样:对于任意一个从1--n中选出的k的一个排列,可以通过比大小标号,转化成1--k的一个排列,比如:1 6 3 4 9 可以变成 1 4 2 3 5,这种方法我在其他题目中用过,但是这题好像不太好用,但是稍微改变一下就可以解这题了,我们从1--k的排列出发就可以,比如当前是第k位,按我原来的思想,我们把前k项看作1--k的排列,考虑下一个要添加的数使之成为1--k+1的一个排列,可以这样得到:
设最后一位是x,则对任意一个1--k的排列,把大于等于x的数全部加一即可。这样就得到了一个新数列,且一一对应,这种思想和原来那个还是很像的,然后就可以dp了,状态可以这么描述,dp[i][j] 表示前i位是1--i的一个排列且最后一位是j的方案数,于是利用上述思想递推方程很好得到了:
"I" : dp[i][j] = sigma dp[i - 1][x] x < j
"D": dp[i][j] = sigma dp[i - 1][x] x >= j
可以发现如果不加优化这将是一个O(n^3)的算法,但是发现他有前缀和的性质,所以可以优化到O(n^2),写dp方程的时候绝对不能忘记前缀和药加上前一项才能实现这样的功能!!!!忘记加了wa成狗!!!
代码如下:
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<algorithm> #define N 1111 #define mem(a) memset(a, sizeof(a)) #define LL long long #define Mod 1000000007 using namespace std; #define mem(a) memset(a, 0, sizeof(a)) LL dp ; int main(){ LL n, i, j, k, len, re; char s = {0}; ios :: sync_with_stdio(false); while (cin >> s){ mem(dp); len = strlen(s), n = len + 1; dp[0][1] = 1; for (i = 1; i < n; ++i){ if (s[i - 1] == 'I'){ for (j = 1; j <= i + 1; ++j) dp[i][j] = (dp[i][j - 1] + dp[i - 1][j - 1]) % Mod; } else if (s[i - 1] == 'D'){ for (j = 1; j <= i + 1; ++j) dp[i][j] = (dp[i][j - 1] + dp[i - 1][i] - dp[i - 1][j - 1]) % Mod; } else { for (j = 1; j <= i + 1; ++j) dp[i][j] = (dp[i][j - 1] + dp[i - 1][i]) % Mod; } } re = (dp[len][len + 1] + Mod) % Mod; cout << re << endl; } return 0; }
相关文章推荐
- MySQL 优化
- Google排名优化的几个影响因素
- DB2优化(简易版)
- Mysql limit 优化,百万至千万级快速分页 复合索引的引用并应用于轻量级框架
- 用批处理解决数学问题的代码第1/4页
- mysql -参数thread_cache_size优化方法 小结
- 详解mysql的limit经典用法及优化实例
- oracle数据库sql的优化总结
- SQL Server优化50法汇总
- 手把手教你如何优化C语言程序
- mysql 分页优化解析
- 非常不错的MySQL优化的8条经验
- JavaScript学习笔记(十七)js 优化
- javascript代码加载优化方法
- JavaScript脚本性能优化注意事项
- jQuery性能优化28条建议你值得借鉴
- 基于MYSQL中优化的一些方法
- Mysql limit 优化,百万至千万级快速分页 复合索引的引用并应用于轻量级框架
- MYSQL表优化方法小结 讲的挺全面
- MySQL 分表优化试验代码