2013长春网赛1001 hdu 4759 Poker Shuffle
2013-10-02 23:17
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题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4759
题意:有一堆2^n的牌,牌原先按(1,2,....k)排序,每一次洗牌都将牌分成两种情况:(1,3,5,....k-1)或(2,4,6,.....k),
给出四个数:A X B Y ,问有没有可能出现A位置的牌序号为X,B位置的牌序号是Y。输出Yes或No。
1 <= N <= 1000, 1 <= A, B, X, Y <= 2^N.
分析:二进制的运用。
题目给的牌编号是从一开始的,要先将其转成从0开始的。
一开始的编号是0~2^N-1,每次洗牌的过程如下:
第一种洗牌:将奇数放前面,偶数放后面。每个位置的数的变化相当于二进制数右移一位(相当于除以2),然后最高位异或1。
第二种洗牌:将偶数放前面,奇数放后面。每个位置的数的变化相当于二进制数右移一位(相当于除以2),然后最高位异或0。
这样就把位置为i的牌,经过一次洗牌后的位置算出来了。
例如: 牌: 0 1 2 3 4 5 6 7 0 1 2 3 4 5 6 7
位置: 0 1 2 3 4 5 6 7 变成 4 0 5 1 6 2 7 3
二进制: 000 001 010 011 100 101 110 111 100 000 101 001 110 010 111 011
上面的是第一种洗牌方式,可以看出奇数在前,偶数在后。
下面是第一种洗牌的规律:
000(0) -> 100(4) -> 110(6) -> 111(7) -> 011(3) -> 001(1) -> 000(0)
001(1) -> 000(0) -> 100(4) -> 110(6) -> 111(7) -> 011(3) -> 001(1)
010(2) -> 101(5) -> 010(2) -> 101(5) -> 010(2) -> 101(5) -> 010(2)
011(3) -> 001(1) -> 000(0) -> 100(4) -> 110(6) -> 111(7) -> 011(3)
100(4) -> 110(6) -> 111(7) -> 011(3) -> 001(1) -> 000(0) -> 100(4)
101(5) -> 010(2) -> 101(5) -> 010(2) -> 101(5) -> 010(2) -> 101(5)
110(6) -> 111(7) -> 011(3) -> 001(1) -> 000(0) -> 100(4) -> 110(6)
111(7) -> 011(3) -> 001(1) -> 000(0) -> 100(4) -> 110(6) -> 111(7)
可以看出,经过若按同一种洗牌方式,经过2*n次洗牌后,牌堆会恢复到原来的序列。
但是题目有两种洗牌方式,是反过来的,所以只要经过n次洗牌后就会恢复原来的序列了。
也就是说对于一堆2^n的牌,最多只有n种不同的序列,也就是最多右移n位,超过n位就会重复了。
经过若干次洗牌,可以看成是右移了k位,然后异或上一个数。
所以首先将A X B Y都减一,然后枚举X,Y右移k位以后,能不能同时异或上相同的数得到A,B。
由于a^b=c,可以得到a^c=b
解法总结如下:
从1到n枚举右移X,Y,每次判断X^A是否等于Y^B。
n比较大,要用大数。
用java大数来处理比较方便。
AC 代码:
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题意:有一堆2^n的牌,牌原先按(1,2,....k)排序,每一次洗牌都将牌分成两种情况:(1,3,5,....k-1)或(2,4,6,.....k),
给出四个数:A X B Y ,问有没有可能出现A位置的牌序号为X,B位置的牌序号是Y。输出Yes或No。
1 <= N <= 1000, 1 <= A, B, X, Y <= 2^N.
分析:二进制的运用。
题目给的牌编号是从一开始的,要先将其转成从0开始的。
一开始的编号是0~2^N-1,每次洗牌的过程如下:
第一种洗牌:将奇数放前面,偶数放后面。每个位置的数的变化相当于二进制数右移一位(相当于除以2),然后最高位异或1。
第二种洗牌:将偶数放前面,奇数放后面。每个位置的数的变化相当于二进制数右移一位(相当于除以2),然后最高位异或0。
这样就把位置为i的牌,经过一次洗牌后的位置算出来了。
例如: 牌: 0 1 2 3 4 5 6 7 0 1 2 3 4 5 6 7
位置: 0 1 2 3 4 5 6 7 变成 4 0 5 1 6 2 7 3
二进制: 000 001 010 011 100 101 110 111 100 000 101 001 110 010 111 011
上面的是第一种洗牌方式,可以看出奇数在前,偶数在后。
下面是第一种洗牌的规律:
000(0) -> 100(4) -> 110(6) -> 111(7) -> 011(3) -> 001(1) -> 000(0)
001(1) -> 000(0) -> 100(4) -> 110(6) -> 111(7) -> 011(3) -> 001(1)
010(2) -> 101(5) -> 010(2) -> 101(5) -> 010(2) -> 101(5) -> 010(2)
011(3) -> 001(1) -> 000(0) -> 100(4) -> 110(6) -> 111(7) -> 011(3)
100(4) -> 110(6) -> 111(7) -> 011(3) -> 001(1) -> 000(0) -> 100(4)
101(5) -> 010(2) -> 101(5) -> 010(2) -> 101(5) -> 010(2) -> 101(5)
110(6) -> 111(7) -> 011(3) -> 001(1) -> 000(0) -> 100(4) -> 110(6)
111(7) -> 011(3) -> 001(1) -> 000(0) -> 100(4) -> 110(6) -> 111(7)
可以看出,经过若按同一种洗牌方式,经过2*n次洗牌后,牌堆会恢复到原来的序列。
但是题目有两种洗牌方式,是反过来的,所以只要经过n次洗牌后就会恢复原来的序列了。
也就是说对于一堆2^n的牌,最多只有n种不同的序列,也就是最多右移n位,超过n位就会重复了。
经过若干次洗牌,可以看成是右移了k位,然后异或上一个数。
所以首先将A X B Y都减一,然后枚举X,Y右移k位以后,能不能同时异或上相同的数得到A,B。
由于a^b=c,可以得到a^c=b
解法总结如下:
从1到n枚举右移X,Y,每次判断X^A是否等于Y^B。
n比较大,要用大数。
用java大数来处理比较方便。
AC 代码:
import java.io.*; import java.util.*; import java.math.*; public class Main { static int n; public static BigInteger right(BigInteger a) //循环移位 { BigInteger tmp=a.and(BigInteger.ONE); //取出最低位作为右移后的首位 return a.shiftRight(1).or(tmp.shiftLeft(n-1)); //将最低位加到最高位上 } public static void main(String[] args) { int i,t,k,flag; BigInteger A,B,X,Y,a,b; Scanner cin=new Scanner(System.in); t=cin.nextInt(); for(i=1;i<=t;i++) { n=cin.nextInt(); A=cin.nextBigInteger(); X=cin.nextBigInteger(); B=cin.nextBigInteger(); Y=cin.nextBigInteger(); A=A.add(BigInteger.valueOf(-1)); //从0开始 X=X.add(BigInteger.valueOf(-1)); B=B.add(BigInteger.valueOf(-1)); Y=Y.add(BigInteger.valueOf(-1)); flag=0; for(k=1;k<=n;k++) { X=right(X); Y=right(Y); a=X.xor(A); b=Y.xor(B); if(a.equals(b)) { flag=1; break; } } if(flag==1) System.out.println("Case "+i+": Yes"); else System.out.println("Case "+i+": No"); } } }
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