POJ-3268-Silver Cow Party

描述：

块田中(1≤N≤1000)都有1只牛去参加盛大的母牛聚会，这个聚会被安排在X号田(1≤X ≤N)。一共有M( 1≤M≤100,000)条单行道分别连接着两块田，且通过路i需要花Ti(1≤Ti≤100)的时间。每头母牛必需参加宴会并且在宴会结束时回到自己的田地，但是每头牛都很懒而喜欢选择化是最少的一个方案。来时的路和去时的可能不一样。求每头牛要来回的最短时间。
找出来回路程最长的。输出来回最长的距离。
大意就直接复制别人的了，解法就是2次求各点到x的最短路径。只是存的时候需要存2次，因为路径是单向路径，并非无向图，所以需要特殊处理一下。这个题用SPFA比较简单，2次求后找出最大值就OK。
代码：

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<queue>
#define MAX 100001
using namespace std;
int n,m,x,e,pnt[MAX],cost[MAX],nxt[MAX],head[MAX],dist[MAX],vis[MAX];
int ea,pnta[MAX],costa[MAX],nxta[MAX],heada[MAX],dista[MAX];
const int  inf=1<<28;
void addedge(int u,int v,int c)
{
pnt[e]=v;nxt[e]=head[u];cost[e]=c;head[u]=e++;
}
void addedgea(int u,int v,int c)
{
pnta[ea]=v;nxta[ea]=heada[u];costa[ea]=c;heada[u]=ea++;
}
void SPFA(int x,int *head,int *pnt,int *cost,int *nxt,int *dist)
{
for(int i=0;i<=n;i++)
dist[i]=inf;
memset(vis,0,sizeof(vis));
dist[x]=0;
queue<int> q;
q.push(x);
while(!q.empty())
{
int u=q.front();
q.pop();
vis[u]=0;
for(int i=head[u];i!=-1;i=nxt[i])
{
int v=pnt[i];
if(dist[u]+cost[i]<dist[v])
{
dist[v]=dist[u]+cost[i];
if(!vis[v])
{
vis[v]=1;
q.push(v);
}
}
}
}
}
int main()
{
while(scanf("%d%d%d",&n,&m,&x)!=EOF)
{
e=ea=0;
memset(head,-1,sizeof(head));
memset(heada,-1,sizeof(heada));
for(int i=0;i<m;i++)
{
int a,b,c;
scanf("%d%d%d",&a,&b,&c);
addedge(a,b,c);
addedgea(b,a,c);
}
SPFA(x,head,pnt,cost,nxt,dist);
SPFA(x,heada,pnta,costa,nxta,dista);
int ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
ans=max(ans,dist[i]+dista[i]);
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}