Codeforces Round #142 (Div. 2)

A

Dragons standard input/output 2 s, 256 MB

x1446

A题意思是说杀死一条龙就能得到一定能力，但是要杀那条龙的时候能力值一定在龙之上，问有没有一种方式去杀龙能保证杀完所有的龙。

看到此题之后再看到数据比较小，就直接暴力O(n^2).

每次寻找能杀的龙之中能得到能力提升最大的一只即可。

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <fstream>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <stack>
#include <queue>
#include <set>
#include <map>
#define inf (1<<31)-1
#define PI 3.141592653
#define mod 1000000007
#define N 1000005
#define M 1000005
#define pb(a) push_back(a);
#define empty em
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
using namespace std;
typedef long long ll;
int a
,b
,h
;
int s,n;
int main()
{
while(scanf("%d%d",&s,&n)!=EOF)
{
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d%d",a+i,b+i);
bool flag=1;
mem(h,0);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
int num,maxx=-1,ff=0,t1,t2;
for(int j=1;j<=n;j++)
{
if(s>a[j]&&maxx<b[j]&&h[j]==0)
{
t1=b[j];
t2=j;
ff=1;
}
}
if(ff==0)
{
flag=0;
break;
}
else
{
s+=t1;
h[t2]=1;
}
}
puts(flag?"YES":"NO");
}
return 0;
}

B

T-primes standard input/output 2 s, 256 MB

x1105

B题就是一道数学题，或者说是找规律题。我们知道素数就是因子只有1和他本身的数，而题目要求的T-prime则是由三个因子组成的一组数，这样的数我们要观察他的特点

假设数x是一个满足的数，它的因子为a,b,c,此时可以假定a=1，b=x，那么c为多少呢，设d=x/c,如果x!=c^2，那么d一定为一个新的因子，所以c==d，所以我们可以知道x一定是一个素数的平方数，到此题目就很明确了！

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <fstream>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <stack>
#include <queue>
#include <set>
#include <map>
#define inf (1<<31)-1
#define PI 3.141592653
#define mod 1000000007
#define N 4000005
#define M 10000005
#define pb(a) push_back(a);
#define empty em
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll MAXN=4000005;
ll prime[MAXN];
int cnt;
void getprime()
{
memset(prime,0,sizeof(prime));
for(int i=2;i<=MAXN;i++)
{
if(prime[i])continue;
for(int j=2;j*i<=MAXN;j++)prime[j*i]=1;
}
cnt=0;
for(int i=2;i<=MAXN;i++)
if(!prime[i])prime[++cnt]=i;
}
int main()
{
getprime();
int n;
while(scanf("%d",&n)!=EOF)
{
map<ll,int> ma;
for(ll i=1;prime[i]<=1000000;i++)
ma[prime[i]*prime[i]]=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
ll x;
scanf("%I64d",&x);
puts(ma[x]?"YES":"NO");
}
}
return 0;
}

C

Shifts standard input/output 2 s, 256 MB

x509

C题的题意就是要我们通过平移变换用最少的步数使得有一列全为1。

设置数组le[i][j](代表第i行第j列的元素在第i行能从左向右平移到j位置的最小操作数),ri[i][j]同理，re[i][j]则为总的最小的，由于可以从尾部向首部循环移动，所以可以加倍数组长度，复制前半部分到后半部分，这样就可以实现循环了，然后加上没一列的rep[i][j]，取最小即可，中间记录一下一横行全为0的情况，这样就可以直接输出零。

#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <fstream>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <stack>
#include <queue>
#include <set>
#include <map>
#define inf (1<<31)-1
#define PI 3.141592653
#define mod 1000000007
#define N 1000005
#define M 1000005
#define pb(a) push_back(a);
#define empty em
#define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a))
using namespace std;
typedef long long ll;
char ma[105][20005];
int le[105][20005];
int ri[105][20005];
int re[105][20005];
int main()
{
int n,m;
while(scanf("%d%d",&n,&m)!=EOF)
{
mem(le,0);mem(ri,0);mem(re,0);
bool flag=1;
int ans=(1<<31)-1;
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%s",ma[i]+1);
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=m+1;j<=2*m;j++)
ma[i][j]=ma[i][j-m];
for(int i=1;i<=n;i++)
{
for(int j=1;j<=2*m;j++)
{
if(ma[i][j]=='1')le[i][j]=j;
else le[i][j]=le[i][j-1];
}
for(int j=2*m;j>=1;j--)
{
if(ma[i][j]=='1')ri[i][j]=j;
else ri[i][j]=ri[i][j+1];
}
int total=0;
for(int j=1;j<=2*m;j++)
{
if(le[i][j]!=0&&ri[i][j]!=0)re[i][j]=min(j-le[i][j],ri[i][j]-j);
else if(le[i][j]==0&&ri[i][j]!=0)re[i][j]=ri[i][j]-j;
else if(le[i][j]!=0&&ri[i][j]==0)re[i][j]=j-le[i][j];
else total++;
}
if(total==2*m){flag=0;goto ll;}
}
ll :
for(int j=1;j<=2*m;j++)
{
int tmp=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
tmp+=re[i][j];
ans=min(ans,tmp);
}
if(flag)printf("%d\n",ans);
else printf("-1\n");
}
return 0;
}