2012 ACM/ICPC Asia Regional Online Warmup-1003

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http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4259

题意是：给定一个排列和一个特定的置换，最后问你最少要多少步置换才能回到原来的状态

解题思路就是：找出置换中的各个置换回路的长度，答案就是各个置换回路的最小公倍数

举个例子：

排列：1 2 3 4 5 6

置换：2 3 5 4 1 6

那么第一个置换回路是1 2 3 5，长度为4，第二个置换回路是 6，长度为1；

所以答案就是4和1的最小公倍数4

而这题的关键就是我们要找到这个置换，也就是初始排列第一次被转换后的结果

假设n为10，k为3；那么这题的初始排列就是1，2，3，4，5，6，7，8，9，10

第一次转换后就是10，7，4，1，8，5，2，9，6，3

第一个回路为：1，10，3，4，长度为4

第二个回路为：2，7，长度为2

第三个回路为：5，8，9，6，长度为4

所以答案就是4，4，2的最小公倍数4

代码如下：

*/

#include<stdio.h>
#include<string.h>
int vis[810],std[810],num[810][810];

__int64 gcd(__int64 a,__int64 b)
{
return b==0?a:gcd(b,a%b);
}
__int64 solve(int n,int k)
{
int p,i,j,cnt;
__int64 sum=1,tem,d;
for(i=1;i<=k;i++)
{
j=i;
cnt=0;
while(j<=n)
{
num[i][++cnt]=j;
j+=k;
}
num[i][0]=cnt;
}
cnt=0;
for(i=1;i<=k;i++)
{
for(j=num[i][0];j>=1;j--)
std[++cnt]=num[i][j];
}
memset(vis,0,sizeof(vis));
for(i=1;i<=n;i++)
{
if(!vis[i])
{
tem=1;
vis[i]=1;
p=i;
while(std[p]!=i)
++tem,p=std[p],vis[p]=1;
d=gcd(sum,tem);
sum/=d;
sum*=tem;
}
}
return sum;
}
int main()
{
int n,k;
while(scanf("%d%d",&n,&k),n+k)
printf("%I64d\n",solve(n,k));
return 0;
}