NYOJ 37 回文字符串 (dp)
2012-08-17 19:53
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地址:http://acm.nyist.net/JudgeOnline/problem.php?pid=37
思路1:dp动态规划
分析:d[i][j]表示从第 i 到第 j 的最优解;if(a[i]==a[j]) d[i][j]=d[i+1][j-1];d[i][j]=max{d[i][j] , d[i+1][j]+1 , d[i][j-1]+1};
代码如下:
思路2:在纸上测试几组数据,发现先逆转原来的字符串,再用原来的字符串跟逆转后的字符串进行比较,求得的最长公共子序列就是回文串,也就是不需要添加的,再用总长度减去最长公共子序列就可以得到最少需要添加的字符数。代码就简单了,以前写过的稍稍改下就直接贴上来了。
本题看起来似乎比较难,但其实如果想出思路就发现,其实可以转化为一个最长公共子序列问题,求出字符串及其反转的最长公共子序列长度,再把反转后的非公共部分填充进原字符串就行了,如下表:
代码如下:
思路1:dp动态规划
分析:d[i][j]表示从第 i 到第 j 的最优解;if(a[i]==a[j]) d[i][j]=d[i+1][j-1];d[i][j]=max{d[i][j] , d[i+1][j]+1 , d[i][j-1]+1};
代码如下:
#include<stdio.h> #include<string.h> #define N 1010 int d ; char a ; int min(int x,int y) { return x<y?x:y; } int main() { int i,j,p,n,test; scanf("%d",&test); while(test--) { scanf("%s",a+1); //这点让我贡献了好几个WA,至于为啥a+1,目前还不太清楚。。。 n=strlen(a+1); for(i=1;i<=n;i++) d[i][i]=d[i][i-1]=0; for(p=1;p<n;p++) { for(i=1;i<=n-p;i++) { j=i+p; d[i][j]=10000; if(a[i]==a[j]) d[i][j]=d[i+1][j-1]; else { d[i][j]=min(d[i][j],d[i+1][j]+1); d[i][j]=min(d[i][j],d[i][j-1]+1); } } } printf("%d\n",d[1] ); } return 0; }
思路2:在纸上测试几组数据,发现先逆转原来的字符串,再用原来的字符串跟逆转后的字符串进行比较,求得的最长公共子序列就是回文串,也就是不需要添加的,再用总长度减去最长公共子序列就可以得到最少需要添加的字符数。代码就简单了,以前写过的稍稍改下就直接贴上来了。
本题看起来似乎比较难,但其实如果想出思路就发现,其实可以转化为一个最长公共子序列问题,求出字符串及其反转的最长公共子序列长度,再把反转后的非公共部分填充进原字符串就行了,如下表:
原串: | 1 | 2 | 3 | 4 | 1 | ||
反转: | 1 | 4 | 3 | 2 | 1 | ||
结果: | 1 | 4 | 2 | 3 | 2 | 4 | 1 |
#include<stdio.h> #include<string.h> int f[1001][1001]; int main() { char str1[1001],str2[1001]; int ncases,i,j,k,len; scanf("%d",&ncases); while(ncases--) { memset(str1,0,sizeof(str1)); memset(str2,0,sizeof(str2)); scanf("%s",str1); len=strlen(str1); for(k=0,i=len-1;i>=0;i--)//**转置字符串**// { str2[k++]=str1[i]; } for(i=0;i<=len;i++) { f[i][0]=f[0][i]=0; } for(i=1;i<=len;i++) { for(j=1;j<=len;j++) { if(str1[i-1]==str2[j-1])//**求最长公共子序列**// { f[i][j]=f[i-1][j-1]+1; } else { f[i][j]=f[i-1][j]>f[i][j-1]?f[i-1][j]:f[i][j-1]; } } } printf("%d\n",len-f[len][len]);//**用长度减去最长公共子序列得到需要最少添加的字符数**// } return 0; }
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