趣味算法之兔子产子问题

假定你有一雄一雌一对刚出生的兔子，它们在长到一个月大小时开始交配，在第二月结束时，雌兔子产下另一对兔子，过了一个月后它们也开始繁殖，如此这般持续下去。每只雌兔在开始繁殖时每月都产下一对兔子，假定没有兔子死亡，在一年后总共会有多少对兔子？

在一月底，最初的一对兔子交配，但是还只有1对兔子；在二月底，雌兔产下一对兔子，共有2对兔子；在三月底，最老的雌兔产下第二对兔子，共有3对兔子；在四月底，最老的雌兔产下第三对兔子，两个月前生的雌兔产下一对兔子，共有5对兔子；……如此这般计算下去，兔子对数分别是：1, 1, 2, 3, 5, 8, 13, 21, 34, 55,89, 144, ...看出规律了吗？从第3个数目开始，每个数目都是前面两个数目之和。这就是著名的斐波那契（Fibonacci）数列。

C 编程解决如下：

#include <stdio.h>
int Fib(int n)
{
if (n == 1 || n == 2)
return 1;
else
return Fib(n-1) + Fib(n-2);
}
int main()
{
int wait;
printf("一年可以有 %d 对兔子n", Fib(12));
scanf("%d",&wait);
return 0;
}

有许多相关问题：

有一段楼梯有10级台阶，规定每一步只能跨一级或两级，要登上第10级台阶有几种不同的走法？

答：这就是一个斐波那契数列：登上第一级台阶有一种登法；登上两级台阶，有两种登法；登上三级台阶，有三种登法；登上四级台阶，有五种方法……所以，1，2，3，5，8，13……登上十级，有89种。

数列中相邻两项的前项比后项的极限是多少，就是问，当n趋于无穷大时，F(n)/F(n+1)的极限是多少？

答：这个可由它的通项公式直接得到，极限是(-1+√5)/2，这个就是所谓的黄金分割点，也是代表大自然的和谐的一个数字。

Fibonacci数列的数学表达式就是：F(n) = F(n-1) + F(n-2)，F(1) = 1，F(2) = 1。

Fibonacci数列可以用很直观的二叉递归程序来写，用C++语言的描述如下：

long fib1(int n)
{
if (n
看上去程序的递归使用很恰当，可是在用VC2005的环境下测试n=37的时候用了大约3s，而n=45的时候基本下楼打完饭也看不到结果……显然这种递归的效率太低了。

例如，用下面一个测试函数：

long fib1(int n, int* arr)
{
arr
++;
if (n
这时，可以得到每个fib(i)被计算的次数：

fib(10) = 1     fib(9) = 1      fib(8) = 2      fib(7) = 3
fib(6) = 5      fib(5) = 8      fib(4) = 13    	fib(3) = 21
fib(2) = 34   	fib(1) = 55    	fib(0) = 34

可见，计算次数呈反向的Fibonacci数列，这显然造成了大量重复计算。

我们令T(N)为函数fib(n)的运行时间，当N>=2的时候我们分析可知：T(N) = T(N-1) + T(N-2) + 2

其实，这违反了递归的一个规则：合成效益法则。

合成效益法则（Compound interest rule）：在求解一个问题的同一实例的时候，切勿在不同的递归调用中做重复性的工作。
所以在上面的代码中调用fib(N-1)的时候实际上同时计算了fib(N-2)。这种小的重复计算在递归过程中就会产生巨大的运行时间。

用一叉递归程序就可以得到近似线性的效率，用C++语言的描述如下：

long fib(int n, long a, long b, int count)
{
if (count == n)
return b;
return fib(n, b, a+b, ++count);
}
long fib2(int n)
{
return fib(n, 0, 1, 1);
}

这种方法虽然是递归了，但是并不直观，而且效率上相比下面的迭代循环并没有优势。

Fibonacci数列用迭代程序来写也很容易，用C++语言的描述如下：

//也可以用数组将每次计算的f(n)存储下来，用来下次计算用（空间换时间）
long fib3 (int n)
{
long x = 0, y = 1;
for (int j = 1; j
这时程序的效率显然为O（N），N = 45的时候  <1s就能得到结果。
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