vijos 1524 最小监视代价 SAP
2010-07-22 23:20
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背景 Background
看到Vijos上此类型的题目较少,特地放一道上来给大家练练。
描述 Description
由于yxy小朋友做了一些不该做的事,他被jzp关进了一个迷宫里。由于jzp最近比较忙,疏忽大意了一些,yxy可以在迷宫中任意走动。整个迷宫可以被看作是一个无向图。迷宫中有一些结点有传送点,可以让他逃离这个迷宫。jzp发明了一种机器人,可以监视迷宫中的道路,被监视的道路yxy不能通过,我们简单的认为监视一条道路的代价即为这条道路的长度。现在jzp正在忙,请你编一个程序算出使yxy无法逃离迷宫的最小监控总代价。(yxy一开始在1号结点)
输入格式 Input Format
第1行:两个自然数n和e,分别表示迷宫的节点数和边数。
第2至e+1行:每行三个自然数a、b和w,表示a和b之间有一条道路,长度为w。
第e+2行:一个自然数m,表示有传送点结点的个数。
第e+3行:m个自然数,表示有传送点的结点。
输出格式 Output Format
一个自然数,表示最小监视总代价。
样例输入 Sample Input
5 5
1 2 1
1 3 2
2 5 3
2 3 3
3 4 2
2
4 5
样例输出 Sample Output
3
时间限制 Time Limitation
每个测试点1s
注释 Hint
n<100,e<300,m<n
1<=a,b<=n
w<=maxint
来源 Source
经典问题改编
//通过求最小割来求最大流
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
const int inf=(1<<31)-1;
const int point_num=300;
int cap[point_num][point_num],dist[point_num],gap[point_num];//初始化见main里面
int s0,t0,n;//源,汇和点数
int find_path(int p,int limit=0x3f3f3f3f)
{
if(p==t0) return limit;
for(int i=0;i<n;i++)
if(dist[p]==dist[i]+1 && cap[p][i]>0)
{
int t=find_path(i,min(cap[p][i],limit));
if(t<0) return t;
if(t>0)
{
cap[p][i]-=t;
cap[i][p]+=t;
return t;
}
}
int label=n;
for(int i=0;i<n;i++) if(cap[p][i]>0) label=min(label,dist[i]+1);
if(--gap[dist[p]]==0 || dist[s0]>=n ) return -1;
++gap[dist[p]=label];
return 0;
}
int sap()
{
//初始化s,t
s0=0,t0=n-1;
int t=0,maxflow=0;
gap[s0]=n;
while((t=find_path(s0))>=0) maxflow+=t;
return maxflow;
}
int main()
{
int m;
while(cin>>n>>m)
{
//初始化
memset(cap,0,sizeof(cap));
memset(dist,0,sizeof(dist));
memset(gap,0,sizeof(gap));
//初始化cap
for(int i=1;i<=m;i++)
{
int x,y,c;
scanf("%d%d%d",&x,&y,&c);
cap[x-1][y-1]+=c;
cap[y-1][x-1]+=c;
}
int ci;cin>>ci;
while(ci--)
{
int x;
scanf("%d",&x);
cap[x-1]
=inf;
}
n++;//增加汇
int ans=sap();
cout<<ans<<endl;
}
return 0;
}
看到Vijos上此类型的题目较少,特地放一道上来给大家练练。
描述 Description
由于yxy小朋友做了一些不该做的事,他被jzp关进了一个迷宫里。由于jzp最近比较忙,疏忽大意了一些,yxy可以在迷宫中任意走动。整个迷宫可以被看作是一个无向图。迷宫中有一些结点有传送点,可以让他逃离这个迷宫。jzp发明了一种机器人,可以监视迷宫中的道路,被监视的道路yxy不能通过,我们简单的认为监视一条道路的代价即为这条道路的长度。现在jzp正在忙,请你编一个程序算出使yxy无法逃离迷宫的最小监控总代价。(yxy一开始在1号结点)
输入格式 Input Format
第1行:两个自然数n和e,分别表示迷宫的节点数和边数。
第2至e+1行:每行三个自然数a、b和w,表示a和b之间有一条道路,长度为w。
第e+2行:一个自然数m,表示有传送点结点的个数。
第e+3行:m个自然数,表示有传送点的结点。
输出格式 Output Format
一个自然数,表示最小监视总代价。
样例输入 Sample Input
5 5
1 2 1
1 3 2
2 5 3
2 3 3
3 4 2
2
4 5
样例输出 Sample Output
3
时间限制 Time Limitation
每个测试点1s
注释 Hint
n<100,e<300,m<n
1<=a,b<=n
w<=maxint
来源 Source
经典问题改编
//通过求最小割来求最大流
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
const int inf=(1<<31)-1;
const int point_num=300;
int cap[point_num][point_num],dist[point_num],gap[point_num];//初始化见main里面
int s0,t0,n;//源,汇和点数
int find_path(int p,int limit=0x3f3f3f3f)
{
if(p==t0) return limit;
for(int i=0;i<n;i++)
if(dist[p]==dist[i]+1 && cap[p][i]>0)
{
int t=find_path(i,min(cap[p][i],limit));
if(t<0) return t;
if(t>0)
{
cap[p][i]-=t;
cap[i][p]+=t;
return t;
}
}
int label=n;
for(int i=0;i<n;i++) if(cap[p][i]>0) label=min(label,dist[i]+1);
if(--gap[dist[p]]==0 || dist[s0]>=n ) return -1;
++gap[dist[p]=label];
return 0;
}
int sap()
{
//初始化s,t
s0=0,t0=n-1;
int t=0,maxflow=0;
gap[s0]=n;
while((t=find_path(s0))>=0) maxflow+=t;
return maxflow;
}
int main()
{
int m;
while(cin>>n>>m)
{
//初始化
memset(cap,0,sizeof(cap));
memset(dist,0,sizeof(dist));
memset(gap,0,sizeof(gap));
//初始化cap
for(int i=1;i<=m;i++)
{
int x,y,c;
scanf("%d%d%d",&x,&y,&c);
cap[x-1][y-1]+=c;
cap[y-1][x-1]+=c;
}
int ci;cin>>ci;
while(ci--)
{
int x;
scanf("%d",&x);
cap[x-1]
=inf;
}
n++;//增加汇
int ans=sap();
cout<<ans<<endl;
}
return 0;
}
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